Aufgabe B1 - Differentialrechnung · Abitur NRW Mathematik GK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungsk 2021

Thema: Differentialrechnung: Tangenten, Extrem- und Wendepunkte · Aus der Prüfung GK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungskolleg (2021)

Aufgabenstellung

Prüfungsteil B: Aufgaben mit Hilfsmitteln

Betrachtet wird die Funktion ff mit der Gleichung

f(x)=10⋅(x−1)⋅e−x,x∈R.f(x) = 10 \cdot (x - 1) \cdot e^{-x}, \quad x \in \mathbb{R}. Abbildung 1 zeigt den Graphen von ff.

Außerdem sei die Funktion tt definiert durch

t(x)=−10⋅e−3⋅x+50⋅e−3,x∈R,t(x) = -10 \cdot e^{-3} \cdot x + 50 \cdot e^{-3}, \quad x \in \mathbb{R}, Ferner sei W(3∣f(3))W(3 \mid f(3)) der Wendepunkt des Graphen von ff. Im Intervall [1;5][1;5] schließen der Graph von ff, die Tangente tt und die xx-Achse eine Fläche FF ein (siehe Abbildung 2).

Teilaufgabe a)

a) (1)

Begründen Sie, weshalb ff ausschließlich bei x=1x=1 eine Nullstelle besitzt.

a) (2)

Zeigen Sie: f′(x)=10⋅(2−x)⋅e−xf'(x) = 10\cdot(2-x)\cdot e^{-x}.

a) (3)

Untersuchen Sie ff rechnerisch auf lokale Extremstellen. [Kontrolllösung: An der Stelle x=2x=2 liegt eine lokale Maximalstelle vor.]

a) (4)

Ermitteln Sie, für welche x∈Rx \in \mathbb{R} gilt: f(x)<0,1f(x) < 0{,}1.

Teilaufgabe b)

Pu(u∣f(u))P_u(u \mid f(u)) ist ein beliebiger Punkt auf dem Graphen von ff. PuP_u legt zusammen mit N(1∣0)N(1 \mid 0) und Fu(u∣0)F_u(u \mid 0) das Dreieck NFuPuNF_uP_u fest.

b) (1)

Zeichnen Sie in Abbildung 1 das Dreieck NFuPuNF_uP_u für den Fall ein, dass PuP_u der Hochpunkt des Graphen von ff ist.

b) (2)

Bestimmen Sie den Flächeninhalt des Dreiecks aus b) (1).

b) (3)

Untersuchen Sie, ob PuP_u so auf dem Graphen von ff gewählt werden kann, dass das zugehörige Dreieck NFuPuNF_uP_u den Flächeninhalt 2 FE2\text{ FE} hat.

Teilaufgabe c)

Gegeben ist die Funktion tt mit t(x)=−10⋅e−3⋅x+50⋅e−3t(x) = -10\cdot e^{-3}\cdot x + 50\cdot e^{-3}, x∈Rx \in \mathbb{R}, und der Wendepunkt W(3∣f(3))W(3 \mid f(3)) des Graphen von ff.

c) (1)

Weisen Sie rechnerisch nach, dass der Graph von tt im Punkt WW die Tangente an den Graphen von ff darstellt.

c) (2)

Die Schnittpunkte der in c) (1) gegebenen Tangente mit den beiden Koordinatenachsen legen zusammen mit dem Koordinatenursprung O(0∣0)O(0 \mid 0) ein Dreieck fest. Berechnen Sie den Umfang dieses Dreiecks.

c) (3)

Im Intervall [1;5][1;5] begrenzen der Graph von ff und die in c) (1) gegebene Tangente zusammen mit der xx-Achse eine Fläche FF (siehe Abbildung 2). Bestimmen Sie den Flächeninhalt von FF.

Teilaufgabe d)

Die Gerade mit der Gleichung y=xy=x wird als „1. Winkelhalbierende“ bezeichnet. Es gibt genau einen Punkt RR auf dem Graphen von ff, in dem die Tangente tRt_R an den Graphen von ff parallel zur 1. Winkelhalbierenden ist.

d) (1)

Ermitteln Sie rechnerisch eine Gleichung für die Tangente tRt_R. [Mögliche Lösung: Falls man auf vier Stellen nach dem Komma rundet, ergibt sich für die Tangente tRt_R als Gleichung y=x−0,3823y = x - 0{,}3823.]

d) (2)

Die Gerade mit der Gleichung y=−xy=-x wird als „2. Winkelhalbierende“ bezeichnet. Bestimmen Sie den Schnittpunkt der Tangente tRt_R mit der 2. Winkelhalbierenden.

d) (3)

Ermitteln Sie rechnerisch den Abstand, den die Tangente tRt_R von der 1. Winkelhalbierenden hat.

Aufgabenstellung: Aufgabe B1 - Differentialrechnung · Abitur NRW Mathematik GK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungsk 2021

Lösung

Nach den offiziellen Korrekturhinweisen

a) (1) Begründen Sie, weshalb ff ausschließlich bei x=1x=1 eine Nullstelle besitzt.

Lösung: Da für alle x∈Rx \in \mathbb{R} gilt: e−x≠0e^{-x} \neq 0, ist die Nullstelle x=1x=1 des linearen Faktors die einzige Nullstelle von ff.

a) (2) Zeigen Sie: f′(x)=10⋅(2−x)⋅e−xf'(x)=10\cdot(2-x)\cdot e^{-x}.

Lösung: f′(x)=10⋅(1⋅e−x+(x−1)⋅e−x⋅(−1))=10⋅(1−x+1)⋅e−x=10⋅(2−x)⋅e−xf'(x)=10\cdot(1\cdot e^{-x} + (x-1)\cdot e^{-x}\cdot(-1)) = 10\cdot(1-x+1)\cdot e^{-x} = 10\cdot(2-x)\cdot e^{-x}

a) (3) Untersuchen Sie ff rechnerisch auf lokale Extremstellen.

Lösung: Lokale Maximalstelle bei x=2x=2 (Hochpunkt H(2∣f(2))H(2 \mid f(2)) bzw. H(2∣10e−2)H(2 \mid 10e^{-2})).

a) (4) Ermitteln Sie, für welche x∈Rx \in \mathbb{R} gilt: f(x)<0,1f(x)<0{,}1.

Lösung: x<1,0280x < 1{,}0280 oder x>6,2665x > 6{,}2665 (bzw. x∈(−∞;1,0280)∪(6,2665;∞)x \in (-\infty; 1{,}0280) \cup (6{,}2665; \infty))

b) (1) Zeichnen Sie in Abbildung 1 das Dreieck NFuPuNF_uP_u für den Fall ein, dass PuP_u der Hochpunkt des Graphen von ff ist.

Lösung: Das Dreieck ist ein rechtwinkliges Dreieck mit den Eckpunkten N(1∣0)N(1 \mid 0), F2(2∣0)F_2(2 \mid 0) auf der xx-Achse und P2(2∣f(2))P_2(2 \mid f(2)) im Hochpunkt des Graphen.

b) (2) Bestimmen Sie den Flächeninhalt des Dreiecks aus b) (1).

Lösung: ANF2P2=12⋅1⋅f(2)≈0,6767 FEA_{NF_2P_2} = \frac{1}{2} \cdot 1 \cdot f(2) \approx 0{,}6767\text{ FE}

b) (3) Untersuchen Sie, ob PuP_u so auf dem Graphen von ff gewählt werden kann, dass das zugehörige Dreieck NFuPuNF_uP_u den Flächeninhalt 2 FE hat.

Lösung: Ja, für u≈0,2745u \approx 0{,}2745 (bzw. Punkt P0,2745P_{0{,}2745}) hat das zugehörige Dreieck den Flächeninhalt 2 FE.

c) (1) Weisen Sie rechnerisch nach, dass der Graph von tt im Punkt WW die Tangente an den Graphen von ff darstellt.

Lösung: Rechnerischer Nachweis: f′(3)=t′(3)=−10⋅e−3f'(3) = t'(3) = -10\cdot e^{-3} und f(3)=t(3)=20⋅e−3f(3) = t(3) = 20\cdot e^{-3}.

c) (2) Berechnen Sie den Umfang dieses Dreiecks.

Lösung: U=50⋅e−3+5+(50⋅e−3)2+52≈13,075 LEU = 50\cdot e^{-3} + 5 + \sqrt{(50\cdot e^{-3})^2 + 5^2} \approx 13{,}075\text{ LE}

c) (3) Bestimmen Sie den Flächeninhalt von FF.

Lösung: AF=∫13f(x) dx+∫35t(x) dx≈2,1852+0,9957=3,1809 FEA_F = \int_1^3 f(x)\,dx + \int_3^5 t(x)\,dx \approx 2{,}1852 + 0{,}9957 = 3{,}1809\text{ FE}

d) (1) Ermitteln Sie rechnerisch eine Gleichung für die Tangente tRt_R.

Lösung: y=x−0,3823y = x - 0{,}3823 (bzw. y=1⋅(x−1,5356)+1,1533y = 1\cdot(x-1{,}5356) + 1{,}1533)

d) (2) Bestimmen Sie den Schnittpunkt der Tangente tRt_R mit der 2. Winkelhalbierenden.

Lösung: S(0,1912∣−0,1912)S(0{,}1912 \mid -0{,}1912)

d) (3) Ermitteln Sie rechnerisch den Abstand, den die Tangente tRt_R von der 1. Winkelhalbierenden hat.

Lösung: d≈0,2704 LEd \approx 0{,}2704\text{ LE} (bzw. ohne Rundung der Zwischenergebnisse ca. 0,2703 LE0{,}2703\text{ LE})

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