Aufgabe B2 - Differentialrechnung · Abitur NRW Mathematik GK · Haupttermin · CAS · Weiterbildungsk 2021
Thema: Differentialrechnung: Tangenten, Extrem- und Wendepunkte · Aus der Prüfung GK · Haupttermin · CAS · Weiterbildungskolleg (Kolleg) (2021)
Aufgabenstellung
Aufgabenstellung:
Die Funktionen und sind durch die folgenden Gleichungen festgelegt:
und
Abbildung 2 zeigt, wie sich ein Näherungswert für das Integral ermitteln lässt.
Auf drei Nachkommastellen gerundet haben die schraffierten Flächen folgende Inhalte:
a)
(1) Ermitteln Sie durch Rechnung die Koordinaten des Wendepunktes am Graphen von .
(2) (i) Weisen Sie rechnerisch nach, dass der Graph von im Wendepunkt die Tangente an den Graphen von darstellt.
(ii) Zeichnen Sie den Graphen der Funktion in Abbildung 1 ein.
d)
In Abbildung 4 ist der Graph der Funktion mit der Gleichung , dargestellt. Für jede reelle Zahl mit ist durch die Punkte , und ein Dreieck gegeben.
(1) Als Beispiel ist in Abbildung 4 das Dreieck () eingezeichnet. Weisen Sie nach, dass für den Flächeninhalt des Dreiecks gilt: .
(2) Weisen Sie nach, dass der Flächeninhalt eines Dreiecks folgender Gleichung genügt:
(3) Ermitteln Sie gerundet auf drei Nachkommastellen diejenigen Werte von mit , für die die zugehörigen Dreiecke den Flächeninhalt besitzen.
,
(4) Ermitteln Sie rechnerisch den Wert von mit , für den der Flächeninhalt des zugehörigen Dreiecks maximal ist.

Lösung
Nach den offiziellen Korrekturhinweisen
a) (1) Ermitteln Sie durch Rechnung die x-Koordinate des Wendepunktes W
Lösung: 4
a) (1) Ermitteln Sie durch Rechnung die y-Koordinate des Wendepunktes W
Lösung: 2
a) (2) (i) Weisen Sie rechnerisch nach, dass der Graph von t im Wendepunkt W(4|f(4)) die Tangente an den Graphen von f darstellt.
Lösung: Steigung: f'(4) = -3/2 stimmt mit Steigung von t überein; t(4) = f(4) = 2
a) (2) (ii) Zeichnen Sie den Graphen der Funktion t in Abbildung 1 ein.
Lösung: Gerade durch die Punkte und bzw. mit Steigung als Tangente im Wendepunkt eingezeichnet.
d) (1) Weisen Sie nach, dass für den Flächeninhalt A(3) des Dreiecks PQ₃R₃ gilt: A(3) ≈ 2,48 FE.
Lösung: A(3) = 1/2 · 3 · g(3) ≈ 2,48 FE
d) (2) Weisen Sie nach, dass der Flächeninhalt A(u) eines Dreiecks PQ_uR_u folgender Gleichung genügt: A(u) = (-3/4 u² + 4u) · e^(-1/4 u)
Lösung: A(u) = 1/2 · u · g(u) = 1/2 · u · (-3/2 u + 8) · e^(-1/4 u) = (-3/4 u² + 4u) · e^(-1/4 u)
d) (3) Erster Wert u₁ für A(u) = 2 FE
Lösung: 0,679
d) (3) Zweiter Wert u₂ für A(u) = 2 FE
Lösung: 3,506
d) (4) Begründung / Nachweis des Maximums für A(u)
Lösung: A'(u) = 0 liefert u ≈ 1,859 im Bereich; Vorzeichenwechsel von A' von + nach - zeigt lokales und absolutes Maximum.
d) (4) Rechnerisch ermittelter Wert von u für maximalen Flächeninhalt
Lösung: 1,859 / (-4*(sqrt(13)-5))/3
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