Pregunta 1 - Opción B · Física PAU Valencia Extraordinaria 2025

Tema: Campo gravitatorio y satélites: campo, energía, órbitas y leyes de Kepler · Del examen Extraordinaria (2025)

Enunciado

PREGUNTA 1 – PROBLEMA – Campo gravitatorio

OPCIÓN B

Un nanosatélite artificial, de masa 1 kg1\text{ kg}, gira alrededor de la Tierra describiendo una órbita elíptica. Sabiendo que la Tierra está situada en uno de los focos de la elipse y que en el punto de la órbita más lejano (apogeo) el módulo del momento angular del nanosatélite vale 5,6⋅1010 kg m2/s5{,}6 \cdot 10^{10}\text{ kg m}^2/\text{s}:

Datos:

Distancia del apogeo al centro de la Tierra, ra=7000 kmr_a = 7000\text{ km}; constante de gravitación universal, G=6,67⋅10−11 N m2kg−2G = 6{,}67 \cdot 10^{-11}\text{ N m}^2\text{kg}^{-2}; masa de la Tierra, MT=6⋅1024 kgM_T = 6 \cdot 10^{24}\text{ kg}

a)

Calcula razonadamente el módulo de su velocidad en dicho punto.

En el punto de la órbita más cercano a la Tierra (perigeo), ¿la velocidad es mayor o menor que en el apogeo? Justifica la respuesta.

b)

Determina las energías cinética y potencial gravitatoria del satélite en el apogeo, así como la energía mecánica del satélite. Supón que el nanosatélite solo se ve afectado por el campo gravitatorio terrestre.

Enunciado: Pregunta 1 - Opción B · Física PAU Valencia Extraordinaria 2025

Solución

Según los criterios oficiales de corrección

a) Calcula razonadamente el módulo de su velocidad en dicho punto.

Solución: 8000 m/s8000\text{ m/s} / 8 km/s8\text{ km/s}

a) En el punto de la órbita más cercano a la Tierra (perigeo), ¿la velocidad es mayor o menor que en el apogeo? Justifica la respuesta.

Solución: Mayor

b) Determina la energía cinética del satélite en el apogeo

Solución: 3,2⋅107 J3{,}2 \cdot 10^7\text{ J} / 32 MJ32\text{ MJ}

b) Determina la energía potencial gravitatoria del satélite en el apogeo

Solución: −5,72⋅107 J-5{,}72 \cdot 10^7\text{ J} / −5,717⋅107 J-5{,}717 \cdot 10^7\text{ J} / −57,2 MJ-57{,}2\text{ MJ}

b) Determina la energía mecánica del satélite

Solución: −2,52⋅107 J-2{,}52 \cdot 10^7\text{ J} / −2,517⋅107 J-2{,}517 \cdot 10^7\text{ J} / −25,2 MJ-25{,}2\text{ MJ}

Justificación

Solución: En una órbita elíptica se conserva el momento angular: rpvp=ravar_p v_p = r_a v_a. Como rp<rar_p < r_a, la velocidad en el perigeo es mayor que en el apogeo.

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