Aufgabe B5 - Funktionen und ihre Eigenschaften · Abitur NRW Mathematik LK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungsk 2022

Thema: Funktionen und ihre Eigenschaften · Aus der Prüfung LK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungskolleg (2022)

Aufgabenstellung

Aufgabenstellung:

Betrachtet wird die Funktionenschar faf_a, die auf R\mathbb{R} definiert ist und durch die folgende Gleichung beschrieben wird:

fa(x)=x⋅e−12⋅a⋅x2+12mit a∈R.f_a(x) = x \cdot e^{-\frac{1}{2}\cdot a \cdot x^2 + \frac{1}{2}} \quad \text{mit } a \in \mathbb{R}. Die Ableitung von faf_a lautet: fa′(x)=(1−a⋅x2)⋅e−12⋅a⋅x2+12f_a'(x) = (1 - a \cdot x^2) \cdot e^{-\frac{1}{2}\cdot a \cdot x^2 + \frac{1}{2}}.

Alle Graphen von faf_a verlaufen punktsymmetrisch zum Koordinatenursprung. Zuerst werden einige einzelne Funktionen der Schar untersucht.

Der Graph von f1f_1 besitzt den Hochpunkt H1(1∣1)H_1(1|1).

a)

(1) Weisen Sie nach, dass f1f_1 genau eine Nullstelle besitzt, und geben Sie zudem den Grenzwert von f1f_1 für x→∞x \to \infty an.

(2) In Abbildung 1 ist der Graph von f1f_1 ohne das dazugehörige Koordinatensystem dargestellt.

Zeichnen Sie die Koordinatenachsen samt geeigneter Skalierung in die Abbildung ein.

b)

Der Graph der Funktion f0f_0 verläuft geradlinig.

Geben Sie sowohl die Steigung dieser Geraden als auch die Koordinaten ihres Schnittpunkts mit der yy-Achse an.

e)

Im Folgenden werden sämtliche Funktionen der vorgegebenen Schar untersucht.

(1) Für alle reellen Zahlen aa, a1a_1 und a2a_2 treffen diese Aussagen zu:

I) fa(0)=0f_a(0) = 0

II) fa′(0)=f0′(0)f_a'(0) = f_0'(0)

III) fa1(x)=fa2(x)⇔a1=a2∨x=0f_{a_1}(x) = f_{a_2}(x) \Leftrightarrow a_1 = a_2 \lor x = 0

Geben Sie an, welche Schlüsse sich aus diesen Aussagen für den Verlauf der Graphen der Schar ziehen lassen.

Aufgabenstellung: Aufgabe B5 - Funktionen und ihre Eigenschaften · Abitur NRW Mathematik LK · Haupttermin · GTR · Weiterbildungsk 2022

Lösung

Nach den offiziellen Korrekturhinweisen

a) (1) Weisen Sie nach, dass f1f_1 genau eine Nullstelle besitzt

Lösung: f1(x)=0⇔x=0f_1(x) = 0 \Leftrightarrow x = 0, da e−12x2+12≠0e^{-\frac{1}{2}x^2+\frac{1}{2}} \neq 0 für alle x∈Rx \in \mathbb{R}.

a) (1) geben Sie zudem den Grenzwert von f1f_1 für x→∞x \to \infty an.

Lösung: 0

a) (2) Zeichnen Sie die Koordinatenachsen samt geeigneter Skalierung in die Abbildung ein.

Lösung: Der Koordinatenursprung liegt im Wendepunkt des Graphen bei (0∣0)(0|0). Die xx-Achse verläuft horizontal als Asymptote für große ∣x∣|x|. Das Maximum liegt beim Hochpunkt H1(1∣1)H_1(1|1), womit auf der xx-Achse die Stelle x=1x = 1 unter dem Hochpunkt und auf der yy-Achse der Wert y=1y = 1 auf Höhe des Hochpunkts liegt.

b) Geben Sie die Steigung dieser Geraden an.

Lösung: e12e^{\frac{1}{2}} / e\sqrt{e}

b) und die Koordinaten ihres Schnittpunkts mit der yy-Achse an.

Lösung: S(0∣0)S(0|0)

e) (1) Folgerung aus Aussage I: fa(0)=0f_a(0) = 0

Lösung: Alle Graphen der Schar schneiden sich im Koordinatenursprung (gehen durch den Ursprung).

e) (1) Folgerung aus Aussage II: fa′(0)=f0′(0)f_a'(0) = f_0'(0)

Lösung: Im Koordinatenursprung haben alle Graphen der Schar die gleiche Steigung.

e) (1) Folgerung aus Aussage III: fa1(x)=fa2(x)⇔a1=a2∨x=0f_{a_1}(x) = f_{a_2}(x) \Leftrightarrow a_1 = a_2 \lor x = 0

Lösung: Keiner der Graphen hat einen weiteren Punkt mit einem anderen Graphen der Schar gemeinsam (außer dem Ursprung).

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