Aufgabe B1 - Differentialrechnung · Abitur NRW Mathematik LK · Nachtermin · GTR 2023

Thema: Differentialrechnung: Tangenten, Extrem- und Wendepunkte · Aus der Prüfung LK · Nachtermin · GTR (2023)

Aufgabenstellung

Aufgabenstellung

Die Funktion ff ist durch folgende Gleichung definiert:

f(x)=(x+0,5)⋅(x−0,5)⋅ex,x∈Rf(x) = (x+0{,}5) \cdot (x-0{,}5) \cdot e^x, \quad x \in \mathbb{R}

Durch die folgende Gleichung wird eine Funktionenschar gag_a festgelegt:

ga(x)=(x+a)⋅(x−a)⋅ex=(x2−a2)⋅ex,x∈R,  a>0g_a(x) = (x+a) \cdot (x-a) \cdot e^x = (x^2 - a^2) \cdot e^x, \quad x \in \mathbb{R}, \; a > 0 In Abbildung 1 ist der Graph der Funktion g1g_1 zu sehen.

Die Funktion hh wird durch die folgende Gleichung beschrieben:

h(x)=(x−1)⋅x⋅ex−0,5,x∈Rh(x) = (x-1) \cdot x \cdot e^{x-0{,}5}, \quad x \in \mathbb{R}

Teilaufgabe a)

(1)

Der Graph von ff besitzt zwei lokale Extrempunkte. Bestimmen Sie die Koordinaten dieser Punkte.

E1(E_1(

∣\mid

))

E2(E_2(

∣\mid

))

(2)

Es gilt: f′′(x)=(x2+4⋅x+1,75)⋅exf''(x) = (x^2 + 4\cdot x + 1{,}75)\cdot e^x.

Untersuchen Sie rechnerisch, an welchen Stellen die Funktion ff Wendestellen besitzt; Werte oder Zusammenhänge, die aus Funktionsgraphen abgelesen wurden, dürfen dabei nicht genutzt werden.

xW1=x_{W1} =

,xW2=,\quad x_{W2} =

(3)

(i) Weisen Sie nach: f′(x)=(x2+2⋅x−0,25)⋅exf'(x) = (x^2 + 2\cdot x - 0{,}25)\cdot e^x.

(ii) Zeigen Sie rechnerisch: t:y=−e−1,5⋅x+0,5⋅e−1,5t: y = -e^{-1{,}5}\cdot x + 0{,}5\cdot e^{-1{,}5} ist die Tangente an den Graphen von ff im Punkt (−1,5∣f(−1,5))(-1{,}5 \mid f(-1{,}5)).

Teilaufgabe b)

(1)

Der Graph von gag_a hat an der Stelle xHx_H einen Hochpunkt und an der Stelle xTx_T einen Tiefpunkt. Es gilt: xH<xTx_H < x_T.

Zeigen Sie, dass sämtliche Tiefpunkte der Graphen der Schar auf dem Graphen der Funktion oo mit o(x)=−2⋅x⋅exo(x) = -2\cdot x\cdot e^x liegen.

(2)

Die Punkte P(−a∣0)P(-a \mid 0), Qz(z∣ga(z))Q_z(z \mid g_a(z)) und Rz(z∣0)R_z(z \mid 0) bilden für −a<z<a-a < z < a das Dreieck PQzRzPQ_zR_z.

(i) Begründen Sie, dass der Flächeninhalt BaB_a des Dreiecks PQzRzPQ_zR_z in Abhängigkeit von zz durch die Gleichung

Ba(z)=−0,5⋅(z+a)2⋅(z−a)⋅ezB_a(z) = -0{,}5\cdot (z+a)^2\cdot (z-a)\cdot e^z

berechnen lässt.

(ii) Bestimmen Sie für a=1a = 1 den größtmöglichen Flächeninhalt des Dreiecks PQzRzPQ_zR_z.

FE

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Lösung

Nach den offiziellen Korrekturhinweisen

a) (1) x-Koordinate des Hochpunkts E1

Lösung: -2,12

a) (1) y-Koordinate des Hochpunkts E1

Lösung: 0,51

a) (1) x-Koordinate des Tiefpunkts E2

Lösung: 0,12

a) (1) y-Koordinate des Tiefpunkts E2

Lösung: -0,27

a) (2) Erste Wendestelle x_W1

Lösung: -3,5 / -7/2

a) (2) Zweite Wendestelle x_W2

Lösung: -0,5 / -1/2

a) (2) Rechnerischer Nachweis der Wendestellen

Lösung: f''(-4) ≈ 0,032 > 0, f''(-3) ≈ -0,062 < 0, f''(0) = 1,75 > 0. Vorzeichenwechsel liegt an beiden Stellen vor.

a) (3) (i) Weisen Sie nach: f'(x) = (x^2 + 2x - 0,25)e^x

Lösung: f(x) = (x^2 - 0,25)e^x, f'(x) = 2x·e^x + (x^2 - 0,25)·e^x = (x^2 + 2x - 0,25)e^x

a) (3) (ii) Zeigen Sie rechnerisch: t ist die Tangente an den Graphen von f im Punkt (-1,5 | f(-1,5))

Lösung: f'(-1,5) = -e^(-1,5); f(-1,5) = 2·e^(-1,5); Tangentengleichung y - 2e^(-1,5) = -e^(-1,5)(x + 1,5) führt auf y = -e^(-1,5)x + 0,5e^(-1,5)

b) (1) Zeigen Sie, dass sämtliche Tiefpunkte der Graphen der Schar auf dem Graphen der Funktion o mit o(x) = -2xe^x liegen

Lösung: g_a'(x) = (x^2 + 2x - a^2)e^x = 0 => x_T = -1 + √(1+a^2). Einsetzen in g_a liefert g_a(x_T) = -2(-1 + √(1+a^2))e^(-1+√(1+a^2)) = o(x_T)

b) (2) (i) Begründen Sie, dass sich der Flächeninhalt B_a mit B_a(z) = -0,5(z+a)^2(z-a)e^z berechnen lässt

Lösung: Rechtwinkliges Dreieck bei R_z mit Katheten |g_a(z)| = -(z+a)(z-a)e^z und z - (-a) = z + a. B_a(z) = 0,5·Kathete1·Kathete2 = -0,5(z+a)^2(z-a)e^z

b) (2) (ii) Bestimmen Sie für a = 1 den größtmöglichen Flächeninhalt des Dreiecks PQ_zR_z

Lösung: 0,937

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